Bước 1: Nhập họ cùng tên không dấu viết ngay thức thì không biện pháp (tối nhiều 15 cam kết tự) (Ô số 1)
và email vào ô trống (Ô số 2)
Bước 2: Chọn SEND (Ô số 3)
Xem điểm cùng xếp hạn (Ô số 5)
Đề thi GIỮA KỲ Toán thời thượng A2 Mã đề 231
Sinh viên chọn START QUIZ để ban đầu làm bài
Danh sách Sinh viên
1 | 2200004513 | TRẦN VĂN | KHÁ |
2 | 2200003892 | HOÀNG CHÂU | KHOA |
3 | 2200003798 | LÊ MINH | LUÂN |
4 | 2200010328 | NGUYỄN TẤN | MINH |
5 | 2200003609 | NGUYỄN HOÀNG | NAM |
Bạn đang xem: Đề thi toán cao cấp 2 có đáp án
Results0 of 20 questions answered correctly
Your time:
Time has elapsed
You have reached 0 of 0 points, (0)
Captcha:
Giá trị của giới hạn là:
A. 0 B. C. -1 D.
Đạo hàm của hàm số
A.
B.
C.
D.
Xem thêm: Cách chuyển file word sang jpg, chuyển word file sang jpg
Đạo hàm của hàm số là
A. B.
C. D.
Vi phân cung cấp một của hàm số là
Giả sử tất cả một sự cố gắng vỡ con đường ống dẫn dầu, độ dày y của lớp dầu giải pháp vị trí bị vỡ vạc x (mét) được khẳng định bởi: . Khi ấy để khẳng định độ dày của lớp dầu ở trong phần bị vỡ, bạn ta tính giới hạn của y khi x dần dần về 0. Độ dày của lớp dầu trong trường vừa lòng này là:
Nhằm giúp chúng ta củng thay lại kiến thức đã học và làm quen với dạng đề thi môn Toán, mời các bạn cùng tìm hiểu thêm "Đề thi và giải đáp môn: Toán thời thượng A2" dưới đây. Hy vọng đề thi sẽ giúp chúng ta đạt kết quả cao trong kỳ thi chuẩn bị tới.
E v1 1;0 , v2 1;1 . 21. Minh chứng E là một cơ sở của không khí vectơ .2. Tìm kiếm ma trận của f so với các cơ sở B, E .3. Tìm kiếm một cơ sở và số chiều của Kerf . 2 4. Kiếm tìm một vectơ u 3 sao cho toạ độ của vectơ f u đối với cơ sở E là . 1Câu III (2,5đ)Cho dạng toàn phƣơng f x1 , x2 , x3 2 x12 2 x1x3 2 x2 2 2 x2 x3 3x32 .1. Đƣa dạng toàn phƣơng f x1 , x2 , x3 về dạng thiết yếu tắc bằng phép thay đổi trực giao.2. Tra cứu hạng và xét dấu dạng toàn phƣơng trên. ĐÁP ÁN Câu văn bản Điểm với đa số u x1 , x2 , x3 , v y1 , y2 , y3 M , , ta có: 0,5 + u v x1 y1 , x2 y2 , x3 y3 . Bởi vì x1 y1 2 x2 y2 x3 y3 x1 2x2 x3 y1 2 y2 y3 0 buộc phải u v M . + với mọi u x1 , x2 , x3 M , với tất cả R 0,5 u x1 , x2 , x3 . Do một x1 2 x2 x3 x1 2x2 x3 0 buộc phải u M . 3 Vậy M là một không khí con của .I x1 2a b 0,25 x1 2 x2 x3 0 x2 a a, b . x b 3 Một đại lý của M: 2,1,0 , 1,0,1 dim M 2 . 0,25 D m2 7m, D1 2m2 3m 3, D2 5m 6, D3 m2 3m 1 1 m 0 m 7 , hệ phƣơng trình bao gồm nghiệm duy nhất 0,5 2m2 3m 3 5m 6 m2 3m 1 2 x , y , z . M2 7m mét vuông 7m m 2 7m m 0 , D2 6 0 bắt buộc hệ phƣơng trình vô nghiệm. 0,25 m 7 , D2 29 0 buộc phải hệ phƣơng trình vô nghiệm. 0,25 1 0 0,5 1 0, 1 1 1 suy ra E hòa bình tuyến tính vào 2 . Cơ mà E dim 2 2 cần E là một trong 0,5 2 cơ sở của . 2 0,25 f u1 2,0 , suy ra f u1 E . 0II 1 0,25 f u2 1,0 , suy ra f u2 E , 0 2 1 0,25 f u3 0,1 , suy ra f u3 E . 1 2 1 1 0,25 f B , E 00 1 . y z 0 0,25 Kerf x, y, z 3 : . x y 0 x1 a 0,25 y z 0 3 x2 a a . x y 0 x a 3 Một cửa hàng của Kerf: 1, 1,1 . 0,25 dim Kerf 1. 0,25 điện thoại tư vấn u x, y, z là vectơ đề xuất tìm. 0,5 2 f u E , suy ra f u 2v1 v2 1, 1 . 1 4 khía cạnh khác, f u y z, x y . Vậy 0,5 y z 1 y z, x y 1, 1 . x y 1 lựa chọn u là một trong nghiệm của hệ trên, ví dụ điển hình u 1,0,1 . Đa thức đặc trƣng: pa 3 7 2 14 8 . 0,5 quý hiếm riêng: 1, 2, 4 . Với 1 , VTR đltt: 1 1,1,1 . 0,25 cùng với 2 , VTR đltt: 2 1,1,0 . 0,25 với 4 , VTR đltt: 3 1, 1, 2 . 0,25 Trực chuẩn: 0,5 1 1 1 1 1 1 1 1 2 III 1 , , , 2 , ,0 , 3 , , . 3 3 3 2 2 6 6 6 1 / 3 1 / 2 1 / 6 x1 y1 0,25 Đặt p. 1 / 3 1 / 2 1 / 6 , X x2 , Y y2 , x y 1 / 3 0 2 / 6 3 3 phép biến đổi trực giao X PY đƣa f về dạng bao gồm tắc f y1 , y2 , y3 y12 2 y2 2 4 y32 . 2 vày 1 0, 2 0, 3 0 bắt buộc r f 3 cùng f xác minh dƣơng. 0,5Chú thích: những vectơ riêng độc lập tuyến tính rất có thể ghi dƣới dạng cột.